如何在使用bash -c调用时将完整参数集从一个bash脚本传递到另一个？

现有脚本 #

Caller.sh #

#!/bin/bash

echo "Caller received args $@"
bash -c "./Callee.sh $@"
bash -c './Callee.sh "$@"' "$@"

Callee.sh #

#!/bin/bash

echo "Callee received args $@"

当前执行结果 #

执行脚本后出现参数传递不完整的问题：

./Caller.sh Foo
Caller received args Foo
Callee received args Foo
Callee received args

~/Code/Play master ./Caller.sh Foo Bar
Caller received args Foo Bar
Callee received args Foo
Callee received args Bar

问题分析 #

• 第一种写法 bash -c "./Callee.sh $@"：直接展开$@会导致参数被拆分，多个参数会被解析为bash -c命令的多个参数，而非完整传递给Callee.sh，多参数场景下只有第一个参数能被正确接收。
• 第二种写法 bash -c './Callee.sh "$@"' "$@"：bash -c执行的命令字符串中，$@对应的是该命令的位置参数，但外层传递的"$@"会覆盖$0（脚本名位置），导致内部$@无法获取到实际参数。

正确解决方案 #

方案1：通过bash -c正确传递参数 #

需要给bash -c的执行环境指定$0占位符，再传递实际参数，确保内部$@能正确引用所有参数：

bash -c './Callee.sh "$@"' 'Caller' "$@"

这里'Caller'作为$0的占位值（可替换为任意字符串），后续的"$@"会被解析为命令环境中的$1、$2...，内部的"./Callee.sh "$@""就能完整接收所有参数。

方案2：直接调用脚本（更简洁） #

如果不需要通过bash -c间接执行，直接调用脚本并传递"$@"是最可靠的方式：

./Callee.sh "$@"

这种方式能完整保留每个参数的原始内容（包括含空格、特殊字符的参数），避免bash -c带来的位置参数混淆。

验证结果 #

修改后执行./Caller.sh Foo Bar，正确输出应为：

Caller received args Foo Bar
# 原错误行输出（若保留）
Callee received args Foo
# 正确行输出
Callee received args Foo Bar

内容的提问来源于stack exchange，提问作者merlin2011