Node.js子模块中如何获取主代码的当前路径？

你遇到的问题很典型——Node.js里的__dirname确实是当前模块的目录，而不是启动应用的主文件目录。这里有两种靠谱的解决方法：

方法一：利用require.main获取主文件目录 #

Node.js里的require.main指向的是启动当前应用的入口模块（也就是你的主代码文件）。你可以通过它的filename属性拿到主文件的完整路径，再用path.dirname()提取目录，这样就能得到主代码的路径了。

代码示例：

const path = require('path');

// 获取主代码的目录路径
const mainCodeDir = path.dirname(require.main.filename);
// 拼接路径并引入文件
var conf = require(path.resolve(mainCodeDir, ConfigPath));

注意点 #

这个方法适用于你的应用只有一个入口文件的场景。如果你的子模块可能被多个不同的主模块调用，或者你用了像Mocha这类测试框架（它会把测试文件作为入口），那这个方法可能会不符合预期。

方法二：主模块主动传递自身目录给子模块 #

更灵活的方式是在主模块调用子模块时，把自己的__dirname传递过去，子模块接收这个参数来使用。这种方式完全不受入口变化的影响，逻辑也更清晰。

主模块代码： #

// 主模块里调用子模块，传递自身目录
const subModule = require('./path/to/your/submodule')(__dirname);

子模块代码： #

const path = require('path');

module.exports = function(mainCodeDir) {
  // 用主模块传递过来的目录拼接路径
  var conf = require(path.resolve(mainCodeDir, ConfigPath));
  // 其他子模块逻辑...
};

这两种方法都能解决你的问题，你可以根据自己的项目场景选择合适的一种~

内容的提问来源于stack exchange，提问作者user3614821