Wamp+PHP7.1.15+SQL Server：存在则更新否则插入功能失效求助

嘿，我来帮你排查下这个问题！你现在遇到的是「存在则更新，不存在则插入」（也就是常说的UPSERT）逻辑没生效，数据表没变化但又没报错，这种情况通常是几个常见的坑导致的，咱们一步步来理：

1. 先解决直接拼接SQL的致命问题 #

你现在的SELECT语句是直接把$Client、$Contact、$Jira拼进SQL字符串里的，这不仅有SQL注入风险，还可能因为变量包含特殊字符（比如单引号、空格）导致查询结果为空——程序误以为记录不存在，但实际是查询语句本身就语法错误了，只是PHP没开启错误提示，你看不到而已。

赶紧改成参数绑定的方式执行查询，既能避免注入，又能保证SQL语法正确：

// 用?作为占位符，不要直接拼变量
$stmt = "SELECT * FROM dbo.MyTable WHERE Client = ? AND Contact = ? AND Jira = ?";
$params = array($Client, $Contact, $Jira);
$sqlsrv_stmt = sqlsrv_query($conn, $stmt, $params);

// 一定要捕获SQL错误，这是排查问题的关键
if ($sqlsrv_stmt === false) {
    die(print_r(sqlsrv_errors(), true));
}

2. 检查sqlsrv_has_rows的使用逻辑 #

你得确保调用sqlsrv_has_rows($sqlsrv_stmt)之前，查询已经正确执行，而且没有提前关闭结果集。另外要确认分支逻辑没写反：

• 返回true时执行更新操作
• 返回false时执行插入操作

3. 插入/更新语句的参数顺序要对应 #

你给出的$params1数组是array($Client, $Jira, $Contact, $lvlsatisfaction, $Commentaire)，但要注意它必须和插入/更新语句里的占位符顺序完全匹配。比如如果你的更新语句是：

UPDATE dbo.MyTable SET LvlSatisfaction = ?, Commentaire = ? WHERE Client = ? AND Contact = ? AND Jira = ?

那参数顺序应该是array($lvlsatisfaction, $Commentaire, $Client, $Contact, $Jira)，顺序错了会导致数据插错位置，甚至因为类型不匹配静默失败。

4. 更高效可靠的终极方案：用SQL Server的MERGE语句 #

其实SQL Server原生支持MERGE语法，可以用一条SQL完成UPSERT逻辑，不用先查再判断，还能避免并发场景下的竞态问题（比如两个请求同时查都没记录，然后都插入导致重复数据）。示例代码：

$mergeStmt = "
    MERGE INTO dbo.MyTable AS Target
    USING (VALUES (?, ?, ?, ?, ?)) AS Source (Client, Contact, Jira, LvlSatisfaction, Commentaire)
    ON Target.Client = Source.Client AND Target.Contact = Source.Contact AND Target.Jira = Source.Jira
    WHEN MATCHED THEN
        UPDATE SET LvlSatisfaction = Source.LvlSatisfaction, Commentaire = Source.Commentaire
    WHEN NOT MATCHED THEN
        INSERT (Client, Contact, Jira, LvlSatisfaction, Commentaire)
        VALUES (Source.Client, Source.Contact, Source.Jira, Source.LvlSatisfaction, Source.Commentaire);
";
$mergeParams = array($Client, $Contact, $Jira, $lvlsatisfaction, $Commentaire);
$mergeResult = sqlsrv_query($conn, $mergeStmt, $mergeParams);

if ($mergeResult === false) {
    die(print_r(sqlsrv_errors(), true));
}
// 如果开启了事务，记得提交
sqlsrv_commit($conn);

最后别忘了开启错误提示 #

浏览器没报错大概率是PHP错误显示没打开，在代码开头加上：

error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);

这样任何PHP或SQL的错误都会直接显示出来，排查问题会轻松很多。

内容的提问来源于stack exchange，提问作者Daniel Jean