为何命令替换会改变函数的名称引用参数的行为？

哎，这个问题我太熟了！本质原因其实是命令替换会启动子shell执行代码，而子shell和父shell的变量环境是完全隔离的。

咱们把两种场景拆开说就懂了：

• 当你直接运行update_name_ref_and_echo foo时，函数是在当前的父shell环境里跑的。函数里的名称引用name_ref直接关联到父shell的foo变量，修改自然能直接生效，所以你能看到foo从“old value”变成“new value”。
• 但用capture=$(update_name_ref_and_echo foo)这种命令替换的时候，bash会悄悄创建一个子shell，把函数放到这个子shell里执行。函数里的名称引用确实会在子shell里把foo改成“new value”，但这个修改只存在于子shell的私有环境中。等子shell执行完退出，所有的变量修改都会被直接丢弃，父shell里的foo当然还是原来的样子。

那如果想既要捕获函数的输出，又要让变量修改生效，可以绕开子shell的隔离，比如用文件描述符或者临时文件来传递输出：

#!/bin/bash

function update_name_ref_and_echo () {
    local -n name_ref=$1
    name_ref="new value"
    # 把输出写到自定义的文件描述符3，避开默认stdout的命令替换陷阱
    echo "bar" >&3
}

foo="old value"
echo "foo before: $foo"

# 先打开文件描述符3，指向临时文件
exec 3> /tmp/func_output.tmp
# 直接在父shell执行函数，变量修改会直接生效
update_name_ref_and_echo foo
# 关闭文件描述符
exec 3>&-

# 从临时文件读取捕获的输出
capture=$(cat /tmp/func_output.tmp)
rm /tmp/func_output.tmp

echo "foo after: $foo"
echo "captured content: $capture"

这样运行的话，既能成功修改父shell的foo变量，又能拿到函数的输出内容。

备注：内容来源于stack exchange，提问作者Ding Liu