iOS开发：无需传URL唤起Safari及返回Safari当前页面方案问询

一、从自有App唤起Safari但不传递URL #

要实现这个需求，你可以直接借助Safari的内置URL Scheme来唤起应用，完全不需要传入具体网页地址：

1. 配置权限：先在Info.plist里添加LSApplicationQueriesSchemes数组，把safari加入其中——这一步是确保你的App被系统允许发起对Safari的跳转请求。
2. 代码实现：调用UIApplication的open方法，传入safari://这个极简URL即可：

// UIKit环境（比如ViewController或AppDelegate中）
if let safariURL = URL(string: "safari://"), UIApplication.shared.canOpenURL(safariURL) {
    UIApplication.shared.open(safariURL, options: [:], completionHandler: nil)
}

// SwiftUI环境
if let safariURL = URL(string: "safari://"), UIApplication.shared.canOpenURL(safariURL) {
    UIApplication.shared.open(safariURL)
}

这样调用后，Safari会直接被唤起，停留在用户上次退出时的页面（如果是首次打开则显示主页），全程不需要传递任何具体网页URL。

二、从自有App返回Safari原页面（无需打开新标签） #

你已经实现了从Safari唤起App的功能，现在要返回之前的Safari标签页且不想通过传递URL开新标签，这里有个实用的技巧：

当你的App是被Safari通过URL Scheme或Universal Link唤起时，系统会自动保留那个Safari标签页的会话状态。此时你只需要用safari:// Scheme唤起Safari，系统会直接回到之前的那个标签页，不会创建新标签。

具体操作： #

1. 确认权限配置：和第一个问题一样，先确保Info.plist的LSApplicationQueriesSchemes数组里已经包含safari。
2. 返回Safari的代码：在用户完成操作后的触发时机（比如点击“返回Safari”按钮）执行以下代码：

// 回到之前的Safari标签页
if let safariURL = URL(string: "safari://"), UIApplication.shared.canOpenURL(safariURL) {
    UIApplication.shared.open(safariURL, options: [.openInPlace: true], completionHandler: { success in
        if success {
            // 成功返回Safari的回调处理
        } else {
            // 跳转失败的兜底处理
        }
    })
}

小提示： #

• [.openInPlace: true]这个参数可以强化“在原上下文打开”的行为，进一步避免新标签的创建（不过实际测试中，safari://本身就会自动回到之前的标签，这个参数是锦上添花）。
• 如果用户在唤起你的App后手动关闭了那个Safari标签页，那么调用safari://会打开Safari主页——这是系统的固有限制，暂时没有办法绕过。

内容的提问来源于stack exchange，提问作者iOsDeVcOdEr