如何在VSCode的tasks和launch配置文件中获取当前文件夹的basename？

方案1：直接使用VSCode内置变量（最简便） #

VSCode 原生提供 ${workspaceFolderBasename} 变量，直接返回当前工作区根文件夹的名称，无需额外处理，你可以直接在launch.json和tasks.json里直接引用：

• tasks.json编译配置示例：

{
  "tasks": [
    {
      "type": "cppbuild",
      "label": "C/C++: g++ 编译当前项目",
      "command": "/usr/bin/g++",
      "args": [
        "-fdiagnostics-color=always",
        "-g",
        "${fileDirname}/*.cpp",
        "-o",
        "${fileDirname}/${workspaceFolderBasename}"
      ],
      "options": {
        "cwd": "${fileDirname}"
      },
      "problemMatcher": ["$gcc"],
      "group": {
        "kind": "build",
        "isDefault": true
      }
    }
  ],
  "version": "2.0.0"
}

• launch.json调试配置示例，直接把program字段填写为：
  "program": "${fileDirname}/${workspaceFolderBasename}"

该方案适配90%以上的常规项目场景，不管你打开什么文件夹作为工作区，都会自动用文件夹名作为可执行文件名，不需要修改任何配置。

方案2：非工作区单文件夹场景兼容方案 #

如果你是直接打开单个cpp文件、没有创建工作区的场景，可以用以下两种方法实现：

1. Makefile适配：直接在Makefile里定义输出名为当前目录名，同时新增软链接生成逻辑：

# 自动取当前文件夹名作为可执行文件名
TARGET = $(notdir $(CURDIR))
all:
	g++ *.cpp -o $(TARGET)
    # 生成固定名称的软链接指向实际可执行文件
	ln -sf $(TARGET) ./program.out

2. launch.json固定引用软链接路径：直接写死为"program": "${fileDirname}/program.out"即可，不需要每个项目修改配置。

方案3：全局配置复用 #

你可以把上述配置写到VSCode的全局用户settings.json里，而不是每个项目的.vscode文件夹下，这样所有C++项目都会默认使用这套配置，完全不需要每个项目单独修改。

内容的提问来源于stack exchange，提问作者RajinCoding2007