如何不修改原文件从已导出的Mongoose模型提取Schema键名

你之前的写法存在错误：Mongoose模型挂载关联Schema的属性是首字母小写的静态属性schema，并非可调用的Schema()方法，不需要加括号执行函数。

正确实现代码 #

const Bus = require('../bus');
// 从已编译模型上获取关联Schema，提取字段后过滤Mongoose内置自动生成字段
const fieldList = Object.keys(Bus.schema.paths).filter(field => {
  // 内置字段_id（主键）、__v（版本键）默认排除，可按需调整过滤规则
  return !['_id', '__v'].includes(field);
});

console.log(fieldList);

实现原理 #

• Mongoose执行mongoose.model()编译生成模型时，会将传入的Schema实例挂载到模型的静态属性schema上，哪怕原Schema定义文件没有单独导出Schema变量，也可以通过这个属性直接访问完整Schema对象，完全不需要修改原定义文件。
• Schema实例的paths属性存储了所有字段的定义配置，它的顶层键就是模型的全部字段名，除了自定义的业务字段外，还包含Mongoose默认添加的_id、__v两个内置字段，通过简单过滤就能得到需要的业务字段列表。

运行上述代码的输出如下，和你Schema中定义的字段完全对应：

[
  'busNumber',
  'cityId',
  'agencyId',
  'afcsAccountId',
  'agencyName',
  'depotName',
  'afcsAccountName',
  'operatorEmailId',
  'operatorMobile'
]

注：你给出的期望输出列表遗漏了Schema中明确定义的agencyName字段，如果不需要该字段，直接在过滤规则的数组中追加'agencyName'，即可得到完全匹配你预期的结果。

内容的提问来源于stack exchange，提问作者Roomi