为何main函数中int i与int j的值未实现交换？

你的swap函数并没有修改i和j这两个变量内存中的实际值，而是交换了指针变量p和q的指向。

具体分析 #

在main里，p初始指向i（&i），q初始指向j（&j）。调用swap((void **)&p, (void **)&q)时，你把p和q的地址传给了swap的a和b参数：

• *a就是p的值（也就是&i），*b就是q的值（也就是&j）
• 你在swap里执行t=*a; *a=*b; *b=t，本质是把p的值改成&j，q的值改成&i——这只是让p和q互相指向了对方的变量，但i和j本身的内存数据（3和5）完全没被修改。

你在swap里打印的*a和*b地址变化，其实是p和q的指向变了，而i和j的地址（&i、&j）从始至终都没改变过，它们的值自然也不会变。

要交换i和j的值，该怎么改？ #

如果你目标是交换i和j的实际值，有两种简单方式：

方式1：直接交换int变量的内容（最直观）

#include <stdio.h>

void swap(int *a, int *b)
{
    int t = *a;
    *a = *b;
    *b = t;
}

int main()
{
    int i = 3;
    int j = 5;

    printf("-org i = %d , j = %d\n",i,j);
    swap(&i, &j); // 传递i和j的地址
    printf("-mod i = %d , j = %d\n",i,j);

    return 0;
}

方式2：如果一定要用void**（没必要，但可以实现）

如果你坚持要用void**的写法，需要在swap里解引用到int*，然后修改对应地址的内容：

#include <stdio.h>

void swap(void **a, void **b)
{
    // 先把void*转成int*，再交换它们指向的内容
    int t = *(int*)*a;
    *(int*)*a = *(int*)*b;
    *(int*)*b = t;
}

int main()
{
    int i = 3;
    int j = 5;
    int *p = &i;
    int *q = &j;

    printf("-org i = %d , j = %d\n",i,j);
    swap((void **)&p, (void **)&q);
    printf("-mod i = %d , j = %d\n",i,j);

    return 0;
}

验证结果 #

修改后，main里打印的i和j就会变成5和3，达到你预期的交换效果。

内容的提问来源于stack exchange，提问作者陳連城